错排公式的推导与应用

问题简介

错排问题,又称更列问题,是组合数学中的问题之一。对于它的研究最早可以追溯到十八世纪,当时他被数学家尼古拉·伯努利和欧拉研究,因此在历史上也被称为伯努利—欧拉的错装信封问题。这个问题有许多具体的版本,比如在写信时讲n封信装到n个不同的信封里,有多少种全部装错信封的情况?再比如n个人各写一张贺卡相互赠送,有多少种赠送方法?这些经典的题目都是典型的错排问题。

问题分析

相信看过上面对于错排问题的简单的介绍,大家也都对它有了一些初步的了解,归结起来,就是考虑一个有n个元素的排列,若一个排列中所有的元素都不在自己原来的位置上,那么这样的排列就称为原排列的一个错排,n个元素的错排数记为D(n)。那么对于这样的排列D(n)有多少种呢?

我们一步一步进行分析:
首先,对于D(n),有1~n这样n个元素错排,所以对于第一个元素①,它现在可能的位置有(n-1)个,倘若它在第k个元素的位置上,对于第k个元素而言,它所在的位置就有两种可能—第一种,它处在非第一个元素①位置上,所以对于接下来的排列就相当于是n-1个元素的错排,即D(n-1);第二种,它处在第一个元素①的位置上,所以在排列D(n)中有两个元素找到了位置,那么接下来的队列就相当于是n-2个元素的错排。
因此,对于D(n)都有

得到这个递推式之后,我们进一步进行推导:

为了运算的方便,我们设 $D_n=n!*N_n$,

则有: $n!N_n=(n-1)(n-2)!N_{n-2}+(n-1)(n-1)!*N_{n-1}$

两边同时除以(n-1)! ,可得:

移项:

错项相消得:

由于N(1)=0,N(2)=1, 所以 $N_n=1/2!-1/3!+1/4!- ··· ··· +(-1)^{n-1}/(n-1)!+(-1)^n/n!$

于是可以得到错排公式为:

这样,我们就通过简单的推导得到了两个关于错排问题的公式!

例题分析

现在,我们来具体问题具体分析,了解错排公式如何转化为代码来解决考试中实际遇到的问题,我们这里以HDU Online Judge上的一道题考新郎为例,题目是这样的:

阅读题目后我们不难发现,这道题的本质就是求解排列组合C(n,m)与错排m个元素D(m)的乘积,因此这道题的代码也十分简单,以下提供两种AC程序:
方法1-递推公式:

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#include<iostream>
#include<cstring>
#include<cstdio>
using namespace std;
long long _cuopai[50];
long long jiecheng[22]={1,1,2,6,24,120,720,5040,40320,
362880,3628800,39916800,479001600,
6227020800,87178291200,1307674368000,
20922789888000,355687428096000,6402373705728000,
121645100408832000,2432902008176640000};

long long cuopai(int x)
{
if(_cuopai[x]) return _cuopai[x];
if(x==1) return 0;
if(x==2) return 1;
return _cuopai[x]=(x-1)*(cuopai(x-1)+cuopai(x-2));
}

long long c(int y,int z)
{
return jiecheng[y]/(jiecheng[z]*jiecheng[y-z]);
}

int main()
{
memset(_cuopai,0,sizeof(_cuopai));
int a;
cin>>a;
for(int i=1;i<=a;++i)
{
int m,n;
cin>>m>>n;
cout<<c(m,n)*cuopai(n)<<endl;
}
return 0;
}

方法2-通项公式:

这里可以根据题目做一下变形:

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#include<iostream>
#include<cstdio>
using namespace std;
int m,n;
long long jiecheng[22]={1,1,2,6,24,120,720,5040,40320,
362880,3628800,39916800,479001600,
6227020800,87178291200,1307674368000,
20922789888000,355687428096000,6402373705728000,
121645100408832000,2432902008176640000};

long long cuopai_()
{
long long sum=0,a=jiecheng[n],b=jiecheng[n-m];
for(int i=2;i<=m;++i)
{
a/=i;
if(i%2==0)
sum+=a;
else
sum-=a;
//cout<<"sum["<<i<<"]"<<sum<<endl;
}
return sum/b;
}

int main()
{
int x;
cin>>x;
for(int i=1;i<=x;++i)
{
cin>>n>>m;
cout<<cuopai_()<<endl;
}
return 0;
}
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